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大学高等代数中一道题,多项式x^p+px+1,p为奇素数,在有理数域上是否可约(请用艾森斯坦因判别
大学高等代数中一道题,多项式x^p+px+1,p为奇素数,在有理数域上是否可约(请用艾森斯坦因判别式法)
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推荐答案 推荐于2017-11-21
令x=y-1,则
x^p+px+1
=(y-1)^p+py-p+1
=y^p-C[p,p-1]y^(p-1)+...+(C[p,1]+p)y-p
由于
p不整除1
p|-C[p,p-1],...,-C[p,2],C[p,1]+p,-p
p^2不整除-p
由艾森斯坦判别法知(y-1)^p+py-p+1不可约,故x^p+px+1不可约。
追问
追答
(y-1)^p展开展错了,常数项是-1。
追问
懂了,万分感谢
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多项式x^p+px+1,p为奇素数,在有理数域上是否可约
?并证明。
答:
说说明这个命题是错的 比如p=2 f(x)=x^2+2x+1=(x+1)^2 在Q上是可约的 如果条件改为
p奇质数
那么有f(x)必有0点。 而f'(x)=
px^(p
-1)+p=
p(1+x^(p
-1))>0 所以有且仅有一个实0点。 设f(t)=0,t实数,只需要证明,t不
为有理数
f(-1)=-p f(0)=1有 -1 评论|邮箱...
下列
多项式在有理数域上是否可约
? 1. x*
p+px+1,p
是
奇素数
2.x*6+x*...
答:
第一个令X=Y-1 第二题利用X=Y+1 然后用爱森斯坦判别式
...f
(x
)=a
x^p+px+1
且
P
^2|(a+1),求证f(x)
在有理数域
Q上不
可约
._百度知...
答:
由爱森斯坦因判别法,存在
素数p
...,可得g(y)即f(x)不可约
有理数域上多项式
的不
可约
性及求根 想要有关的资料~~拜托了
答:
我归纳出来的形如 x^3
+px+
q=0的一元三次方程的求根公式的形式应该为x=A^(1/3)+B^(1/3)型,即为两个开立方之和。归纳出了一元三次方程求根公式的形式,下一步的工作就是求出开立方里面的内容,也就是用p和q表示A和B。方法如下:(1)将x=A^(1/3)+B^(1/3)两边同时立方可以得到(2)x^3=(A+...
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,p
是
素数,
a是整数,f=a
x^p
px
1
且 p^2整除(a 1),证f没有...
答:
当初学习
高等代数
与解析几何的时候,同样问过老师这个思路是怎么想到的,老师回答这是前人的智慧,我们可以模仿着做。。。令x=y
+1,
则g(y)=f(y+1)=ay
^p+
apy^(p-1)+...+(a+1)py+((a+1+p)由爱森斯坦因判别法,存在
素数p
...,可得g(y)即f(x)不可约 所以没有有理根。
...个
多项式,
且根为实数,证明f
(x
)
在有理数域上
不
可约
答:
结论是不对的,比如p=q=0的时候有n个实根,因为习惯上
多项式
的根是要计重数的,所以需要适当修正一下:当n为偶数时至多有两个 不同的 实根,当n为奇数至多有三个 不同的 实根。首先,若f(x)=x^n
+px+
q至少有四个不同的实根,利用两次Rolle定理可得f''(x)至少有两个不同的实根,但是f''...
关于证明5次以上
多项式
不存在求根公式的证明!!
答:
该方程的系数必定为有理数(可由对称多项式定理证明),并且能够分解
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