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用拉格朗日中值定理证明当x>0时e^x>1+x
如题所述
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推荐答案 2012-12-11
设函数F(x)=e^x,那么得到在
定义域
上有f(x)=e^x.
根据
拉格朗日中值定理
,因为x>0,F(x)>F(0).
那么存在一点t(0<t<x)满足f(t)=[F(x)-F(0)]/(x-0)=(e^x-1)/x
并且已知f(x)单调递增,所以f(t)>f(0)=1.
因此第三行式子满足 (e^x-1)/x >1
因此e^x-1 >x
所以 e^x >1+x来自:求助得到的回答
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其他回答
第1个回答 2012-12-11
e^x>(e^x-e^0)/(x-0)>e^0
第2个回答 2012-12-22
答案
相似回答
如何用
中值定理证明
:
当x
≠
0时
,
e^x
>
1+x
答:
设f(u)=e^u,则f(u)在(-∞,+∞) 上的任何有限区间上均满足
拉格朗日中值定理
的条件,任取x,则在[0,x]或[x,0]上应用拉格朗日中值定理,在0与x之间至少存在一点c,使(
e^x
-e^0)/(x-0)=f'(c)所以e^x=e^c
x+1
当 x
>
0时
,c>0,则e^c>1,xe^c>x,因而有e^x>x+1 当 x...
证明
:
当x
>
0时
,
e
的x次方大于
1+x
答:
又lim(x→
0
)f(x)=0 ∴f(x)>0 方法二(利用
拉格朗日中值定理
)令f(t)=e^t,f'(t)=e^t f(x)-f(0)=
e^x
-
1
=f'(θx)x(0<θ<1)即e^x -1=e^(θx) x ∵x>0,0<θ<1 ∴θx>0 ∴e^(θx)>e^0=1 ∴e^x-1=e^(θx) x>x ...
已知x≠
0
,
证明e^x
>
1+x
答:
所以 当x<
0时
,f '(x)<0,当x>0时,f '(x)>0,也就是说,f(x)在 (-∞,0)上减,在(0,+∞)上增,因此,函数最小值 min=f(0)=0,所以,当 x≠
0 时
,f(x)>f(0),即
e^x
>
1+x
。
用拉格朗日中值定理证明
e
的X方>=
1+X
答:
令 f(x) =
e^x
,x =
0 时
, 显然有 e^x =
1+x
.任给 x > 0,f(x) - f(0) = f'(t)(x-0) --- 0 < t< x = e^t * x > x => e^x = f(x) > x + f(0) =
1 + x;
任给 x < 0,f(0) - f(x) = f'(t)(0-x) --- x < t< 0 ...
证明
:
当x
>
0时
,
e^x
>
1
十x
答:
设y=f(x)=
e^x
-(
1+x
),则 y'=(e^x)-1,当x>
0时
,y'>0,即f'(x)>0
中值定理
,当x>0时,必有ξ:x>ξ>0,使f(x)-f(0)=f'(ξ),而f'(ξ)>0.所以f(x)-f(0)>0,又f(0)=0.故e^x>1+x.
用拉格朗日中值定理证明e
*x>
1+x
,(x>
0
)
答:
原题是:
用拉格朗日中值定理证明e^x
>
1+x
,(x>
0
)证明:设f(t)=e^t 则f'(t)=e^t 对任意x>0 f(t)在[0,x]上连续,在(0,x)上可导。由拉格朗日中值定理得 存在a∈(0,x),使 (f(x)-f(0))/(x-0)=f'(a)而(f(x)-f(0))/(x-0)=(e^x-1)/x,f'(a)=e^a>0 ...
用拉格朗日中值定理证明
不等式
e
的x次方>
1+x
(x不等于0)?
答:
设f(t)=e^t,当x>
0时
,在[0,x]上f(t)满足
拉格朗日中值定理
条件 於是存在ξ∈(0,x),使f'(ξ)*(x-0)=f(x)-f(0)即e^ξ*x=
e^x
-1 又因为ξ>0,所以e^ξ>e^0=1 所以e^x-1=e^ξ*x>x,即e^x>
1+x
当x
<0时同理可证 ...
e
的x次方 和
1+x
怎么比较的丫? 要不要用什么
中值定理
的亚?
答:
由Lagrange
中值定理
,
e^x
=
1+x
+ξ^2/2,其中ξ在0和x之间.于是e^x>=1+x,当且仅当x=
0时
等号成立.(利用求导不难说明至多有一个x使等号成立)
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