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如图甲所示足够长的木板
如图甲所示
,
足够长的木板
B放置于光滑的水平地面上,左端静止放置物块A...
答:
根据题意,开始时,A、B相对静止,相对滑动前以相同加速度a=ktmA+2mA向右做变加速运动,
木板
B的最大加速度,aB=f2mA,当kt?fmA=f2mA时,A、B开始相对滑动,解得时间t=3f2k,之后A的加速度aA=kt?fmA,随时间增大,木板B以不变的加速度aB=f2mA做匀加速直线运动.木板的加速度先增大后不...
如图甲所示
,
足够长的木板
与水平地面间的夹角θ=30°,可视为质点的一小...
答:
(1)匀速下滑则重力下滑分力与摩擦力平衡。mgsinθ=umgcosθ.所以u=tanθ=0.577.三分之一根号三。(2)上滑则 mgsinθ+umgcosθ=ma,a=10m/s/s.所以一秒内木块滑到最高点后又下滑。x=V0t-1/2a*t*t=3m
如图甲所示
,在一块
足够长的长木板
上,放置一个质量m=1.0kg的小物块
答:
(1)、在小物块还静止在
长木板
上时,小物块受到重力(垂直向下)、木板对它的托力(垂直木板平面向上)、木板对它的摩擦力(平行于木板平面向上)列出方程组:F×cosθ+f×sinθ=mg (垂直方向加速度为0)F×sinθ=f×cosθ (水平方向加速度为0)求出f=mg×sinθ 由图乙看到,最大摩擦...
如图甲所示
,物块A和
足够长的木板
B叠放在光滑水平面上,用水平力F作用在...
答:
A
、B之间是静摩擦力,f A =m A
a
A = ,v B =a B t= ,由于F与时间成正比关系,因此v B 与t应成二次函数关系,故选项C错误,当f A 增大到一定程度,A、B开始相对滑动,对A,a A = -μg,
...上表面光滑且
足够长的木板
,受到大小F=10N、与水平方向成37°_百度知...
答:
即在第一段L内,动能的减小量大小为μmgL,第二段L内,动能的减小量为2μmgL,第三段L内,动能的减小量为3μmgL,第四段L内,动能的减小量为4μmgL,
如图所示
.答:(1)
木板
与地面间的动摩擦因数μ为0.8.(2)木板运动L时速度的大小为 59 m/s.(3)如图所示.
(2014?泸州)
如图所示
,
足够长的
均匀
木板
已调节到水平平衡状态.在支点O...
答:
(1)由F1L1=F2L2可得,重为6N的乙车在支点左边距支点的距离:L乙=G
甲
L甲G乙=4N×3m6N=2m;(2)由F1L1=F2L2可得和v=st可得:G甲×(3m-v甲t)=G乙×(2m-v乙t)即4N×(3m-0.15m/s×t)=6N×(2m-v乙t)6m-0.3m/s×t=6m-3v乙t即v乙=0.1m/s.故答案为:2;0.1.
...将木块放在
足够长的
水平
木板
上,
如图甲所示
,用力沿水平方向拉木块,拉 ...
答:
解答:解:(1)由题图乙知,木块受到的滑动摩擦力f=3.12 N,而f=μFN=μmg所以μ=fmg=3.120.78×10=0.4.故木块与
长木板
间的动摩擦因数为0.4.(2)木块受力
如图所示
,根据牛顿第二定律有Fcosθ-f=ma ①N+Fsinθ=mg而f′=μN ②联立①②③式并代入数据解得F=4.5 N.2s...
如图甲所示
,静止在光滑水平面上的长木板B(
长木板足够长
)的上面放着小...
答:
对
A
应用牛顿第二定律: ,经历时间: ;由以上解得: ,所以A和B一起做匀加速直线运动,当两者发生相对运动时,A在水平方向上只收到B给的向前的滑动摩擦力,所以A在B给的滑动摩擦力的作用下做匀加速直线运动,加速度 ,滑动摩擦力大于以前收到的静摩擦力,所以斜率比 以前的斜率大,故B...
...将木块放在
足够长的
静止水平
木板
上。
如图甲所示
,用力沿水平方向拉木...
答:
(1)0.4 (2) 4.5N (1)由题图丙可知,木块所受的滑动摩擦力 =3.12N。由 得 。(2)木块受重力G.支持力 .拉力F和摩擦力 作用。将F分解为水平和竖直两方向。根据牛顿第二定律: , , , 联立各式得: =4.5N。
...m2的两个物块甲与乙放在上表面光滑且
足够长的木板
上,随木板一起_百...
答:
解:
木板
停止前,甲、乙物块和木板一起作匀速直线运动,并且两物块和木板具有共同的速度,当木板突然停止时,由于物块在光滑接触面上,因此两物块球由于惯性,还要保持原来大小不变的速度做匀速直线运动,因此两个小球间的距离不变,一定不会相碰.故选 D.解析 先分析木板突然停止前,物块甲与乙和木板...
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如图甲所示两根足够长的直金属导轨
如图甲所示是某小组测量木块与木板
足够长的长木板
如图所示一木块放在水平面上
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足够长的平行光滑u形
如图为远距离输电示意图
如图甲所示足够长的木板
如图甲所示足够长的木板